HttpURLConnection'dan InputStream nesnesini alırken FileNotFoundException

HttpURLConnection kullanarak (java'da cUrl kullanmak için) bir url'ye gönderi isteği göndermeye çalışıyorum. İsteğin içeriği xml'dir ve son noktada, uygulama xml'yi işler ve veritabanına bir kayıt saklar ve ardından xml dizesi biçiminde bir yanıt gönderir. Uygulama yerel olarak apache-tomcat üzerinde barındırılmaktadır.

Bu kodu terminalden çalıştırdığımda, beklendiği gibi db'ye bir satır ekleniyor. Ancak, InputStream'i bağlantıdan alırken aşağıdaki gibi bir istisna atılır

java.io.FileNotFoundException: http://localhost:8080/myapp/service/generate
    at sun.net.www.protocol.http.HttpURLConnection.getInputStream(HttpURLConnection.java:1401)
    at org.kodeplay.helloworld.HttpCurl.main(HttpCurl.java:30)

İşte kod

public class HttpCurl {
    public static void main(String [] args) {

        HttpURLConnection con;

        try {
            con = (HttpURLConnection) new URL("http://localhost:8080/myapp/service/generate").openConnection();
            con.setRequestMethod("POST");
            con.setDoOutput(true);
            con.setDoInput(true);

            File xmlFile = new File("test.xml");

            String xml = ReadWriteTextFile.getContents(xmlFile);                

            con.getOutputStream().write(xml.getBytes("UTF-8"));
            InputStream response = con.getInputStream();

            BufferedReader reader = new BufferedReader(new InputStreamReader(response));
            for (String line ; (line = reader.readLine()) != null;) {
                System.out.println(line);
            }
            reader.close();

        } catch (FileNotFoundException e) {
            e.printStackTrace();
        } catch (MalformedURLException e) {
            e.printStackTrace();
        } catch (IOException e) {
            e.printStackTrace();
        }
    }
  }

Kafa karıştırıcı çünkü istisna satıra kadar izleniyor InputStream response = con.getInputStream();ve FileNotFoundException için herhangi bir dosya yok gibi görünüyor.

Doğrudan bir xml dosyasına bağlantı açmaya çalıştığımda, bu istisnayı atmıyor.

Servis uygulaması, yanıt xml'sini oluşturmak için yay çerçevesini ve Jaxb2Marshaller'ı kullanır.

ReadWriteTextFile sınıfı buradan alınır.

Teşekkürler.

Düzenleme: Verileri DB'ye kaydeder ve aynı zamanda 404 yanıt durum kodunu geri gönderir.

Ayrıca php kullanarak bir curl yapmayı denedim ve CURLINFO_HTTP_CODEhangisinin 200 olduğu ortaya çıktı.

Bu hatayı nasıl ayıklayacağım hakkında bir fikriniz var mı? Hem hizmet hem de istemci yerel sunucudadır.

Çözüldü: SO ile ilgili bir cevaba atıfta bulunduktan sonra sorunu çözebilirim .

HttpURLConnection, standart olmayan bir bağlantı noktasına sahip bir url'ye bağlanırken her zaman 404 yanıtı döndürüyor gibi görünüyor.

Bu satırları eklemek sorunu çözdü

con.setRequestProperty("User-Agent","Mozilla/5.0 ( compatible ) ");
con.setRequestProperty("Accept","*/*");

Spring / JAXB kombinasyonunuzu bilmiyorum, ancak ortalama REST web hizmeti POST / PUT'ta bir yanıt gövdesi döndürmeyecek, yalnızca bir yanıt durumu . Vücut yerine onu belirlemek istersiniz.

Değiştir

InputStream response = con.getInputStream();

tarafından

int status = con.getResponseCode();

Mevcut tüm durum kodları ve anlamları, daha önce bağlantılı olduğu gibi HTTP spesifikasyonunda mevcuttur. Web hizmetinin kendisi, web hizmeti tarafından desteklenen tüm durum kodlarını ve varsa özel anlamlarını gözden geçiren bazı belgelerle birlikte gelmelidir.

Durum 4nnveya ile başlıyorsa 5nn, getErrorStream()bunun yerine hata ayrıntılarını içerebilecek yanıt gövdesini okumak için kullanmak istersiniz .

InputStream error = con.getErrorStream();

FileNotFound sadece web sunucusunun bir 404 döndürdüğünü belirtmek için kullanılan talihsiz bir istisnadır.

Gelecekte bu sorunu yaşayan herkes için bunun nedeni, durum kodunun 404 olmasıdır (veya benim durumumda 500 idi). InpuStreamDurum kodu 200 olmadığında işlevin bir hata atacağı görülüyor .

Benim durumumda kendi sunucumu kontrol ediyorum ve bir hata oluştuğunu belirtmek için 500 durum kodunu döndürüyordum. Hatayı detaylandıran bir dizeli mesaj içeren bir gövde göndermeme rağmen inputstream, vücut tamamen okunabilir olsa da bir hata attı.

Sunucunuzu kontrol ediyorsanız, bunun kendinize bir 200 durum kodu göndererek ve ardından dize hatası yanıtı ne olursa olsun işlenerek halledilebileceğini düşünüyorum.

Bu konuda tökezleyen başka biri için, aynısı bir SOAP servisine bir SOAP istek başlığı göndermeye çalışırken bana da oldu. Sorun kodda yanlış bir sıraydı, XML gövdesini göndermeden önce giriş akışını istedim. Aşağıdaki kodda, satır InputStream in = conn.getInputStream();hemen ardından geldi ByteArrayOutputStream out = new ByteArrayOutputStream();, bu da yanlış bir sıra.

ByteArrayOutputStream out = new ByteArrayOutputStream();
// send SOAP request as part of HTTP body 
byte[] data = request.getHttpBody().getBytes("UTF-8");
conn.getOutputStream().write(data); 

if (conn.getResponseCode() != HttpURLConnection.HTTP_OK) {
  Log.d(TAG, "http response code is " + conn.getResponseCode());
  return null;
}

InputStream in = conn.getInputStream();

FileNotFound bu durumda, HTTP yanıt kodu 400'ü kodlamanın talihsiz bir yoluydu.

Bu durumda FileNotFound, sunucunuzdan bir 404 aldığınız anlamına gelir - sunucu "POST" isteklerini beğenmiyor olabilir mi?

Çözüm:
Sadece değişim localhost için IP PC'nizin
bunu bilmek istiyorsanız: Windows + r> cmd> ipconfig
örnek: http: // 192.168.0.107 /directory/service/program.php?action=sendSomething
sadece yerine 192.168 .0.107 kendi IP'niz için ( 127.0.0.1'i denemeyin çünkü localhost ile aynıdır )

Lütfen değiştir

con = (HttpURLConnection) new URL("http://localhost:8080/myapp/service/generate").openConnection();

İçin

con = (HttpURLConnection) new URL("http://YOUR_IP:8080/myapp/service/generate").openConnection();