Yani temelde üç soru var.
Bildiğim E(Xk)=(nk)⋅p(k2) , ancak bunu nasıl ispat edersiniz?
Beklentinin doğrusallığını ve bazı akıllı yeniden yazımları kullanırsınız. Her şeyden önce,
Şimdi, beklentisini , toplamı (doğrusallık nedeniyle) çizebilir ve
Toplamı belirleyerek, düğümlerin alt kümeleri arasındaki tüm olası bağımlılıkları ortadan kaldırdık. Peki, bir klik olma olasılığı nedir? , ne olursa olsun , tüm kenar olasılıkları eşittir. Bu nedenle,
Xk=∑T⊆V,|T|=k1[T is clique].
XkE(Xk)=∑T⊆V,|T|=kE(1[T is clique])=∑T⊆V,|T|=kPr[T is clique]
TTPr[T is clique]=p(k2), çünkü bu alt fasıldaki tüm kenarlar mevcut olmalıdır. Ve sonra, toplamın iç terimi artık bağlı değil, bizi .
TE(Xk)=p(k2)∑T⊆V,|T|=k1=(nk)⋅p(k2)
Bunu için gösterme :n→∞E(Xlog2n)≥1
Bunun doğru olup olmadığından tam olarak emin değilim. Binom katsayısına bir sınır uygulayarak ,
E(Xlogn)=(nlogn)⋅p(logn2)≤⎛⎝nep(logn)4logn⎞⎠logn=(ne⋅n(logp)/4logn)logn.
(Not kabaca üst sınırlı olduğu ile ). Bununla birlikte, artık tek bir seçim olabilir , ve elde , bu da tüm terimi büyük için getirir . Belki bazı varsayımlarını kaçırıyor musunuz ?
p−1+logn2plogn4p=0.001log20.001≈−9.960np