Bu soruyu , temel dağılım ne olursa olsun, bir zararı en aza indirgeyici olarak belirli bir miktar üreten herhangi bir kayıp fonksiyonu ile nasıl bir araya gelebileceği hakkında bir fikir edinmek istediğini anlıyorum . O zaman, sadece Wikipedia'da veya bu belirli kayıp fonksiyonunun çalıştığını gösteren başka bir yerde analizi tekrarlamak tatmin edici olmazdı .
Tanıdık ve basit bir şeyle başlayalım.
Bahsettiğiniz şey, bir dağıtım veya veri kümesine göre bir "konum" bulmak . Örneğin, değerinin beklenen kare kalıntısını en aza indirdiği iyi bilinmektedir ; yani, bunun için bir değer F ˉ xx∗Fx¯
LF(x¯)=∫R(x−x¯)2dF(x)
mümkün olduğu kadar küçük. Bu notu bize nin bir kayıptan kaynaklandığını , ile belirlendiğini hatırlatmak için kullandım , ama en önemlisi de, sayısına bağlı .Lˉ xFx¯
Standart yol olduğunu göstermek için hiçbir işlevi en aza indirir zaman azalmaz işlevin değerini göstererek başlar biraz değiştirilir. Böyle bir değere fonksiyonun kritik noktası denir . x ∗x∗x∗
Ne tür bir kayıp işlevi , yüzde bir kritik noktaya neden olur? Bu değerin kaybıF - 1 ( α )ΛF−1(α)
LF(F−1(α))=∫RΛ(x−F−1(α))dF(x)=∫10Λ(F−1(u)−F−1(α))du.
Bunun kritik bir nokta olması için türevinin sıfır olması gerekir. Biz sadece biraz çözüm bulmaya çalışıyoruz yana, manipülasyonlar meşru olup olmadığını görmek için pause olmaz: biz (örneğin biz gerçekten ayırt edip edemeyeceğini gibi teknik ayrıntıları kontrol planı edeceğiz , vb sonunda). BöyleceΛ
0=L′F(x∗)=L′F(F−1(α))=−∫10Λ′(F−1(u)−F−1(α))du=−∫α0Λ′(F−1(u)−F−1(α))du−∫1αΛ′(F−1(u)−F−1(α))du.(1)
Sol tarafta argümanı negatif, sağ tarafta ise olumlu. Bunun dışında, bu integrallerin değerleri üzerinde çok az kontrolümüz var, çünkü herhangi bir dağıtım işlevi olabilir. Sonuç olarak , tek umudumuz üssünü sadece argümanının işaretine bağlı kılmaktır , aksi halde sabit kalması gerekir.F Λ ′ΛFΛ′
Bu, parçalı olarak doğrusal olacaktır, potansiyel olarak sıfırın sağına ve soluna doğru farklı eğimler. Açıkça, sıfıra yaklaşıldıkça azalması gerekir - sonuçta, bir kayıptır , kazanç değildir . Dahası, sabit bir şekilde yeniden ölçeklendirmek özelliklerini değiştirmez, bu nedenle sol eğimi olarak ayarlamaktan . Let olması sağ eğim. Sonra basitleştirirN- - 1 τ > 0 ( 1 )ΛΛ−1τ>0(1)
0=α−τ(1−α),
bu nedenle, eşsiz çözüm pozitif bir çarpıma kadar,
Λ(x)={−x, x≤0α1−αx, x≥0.
Bu (doğal) çözümün ile çarpılması, paydayı temizlemek için, soruda sunulan kayıp işlevini oluşturur.1−α
Açıkçası, tüm manipülasyonlarımız bu forma sahip olduğunda matematiksel olarak meşrudur . Λ